七年级上册英语周报第七期2020~2021.答案

18,(1)增大固体表面积,加快浸出速率(1分)(2)烧杯、分液漏斗(2分)(3)2InSb 12HNO,(ie)= In, O3 Sh: O, 12NO2↑ 6H:((2分)(4)HNO32(2分)3:1(2分)(5)7.7×10-(2分)【解析】(1)硬锌粗渣浸出前需进行球磨成粉,其原因是增大固体表面积,加快浸出速率。(2)浸出液Ⅱ中加入有机溶剂,操作Ⅱ后得到有机相和水溶液.故操作Ⅱ为萃取分液,需要的玻璃仪器有烧杯、分液漏斗。3)“氧化浸出”过程中,浓硝酸可将InSb(Sb为-3价)转化为In2O3和Sb2O3,同时释放出红棕色气体NO2,浓硝酸将InSb氧化.Sb的化合价从一3价升高为 3价,根据得失电子守恒、元素守恒配平该反应的化学方程式:2lnSb 12HNO3(浓)=In2O3 Sb2O 12NO2↑ 6H2O。(4)H2O2含有极性共价键和非极性共价键, NaCIO含有极性共价键和离子键,HNO3只含有极性共价键,则三种物质中只含有极性共价键的物质是HNO2;H2O作氧化剂时,还原产物为水,则1molH:O:得2mol电子, NaCIo3作氧化剂时,被还原为CI-,则1molNaCI(3得到6mol电子,“氧化浸出”过程中,若分别使用H2O2、 Naclo3作氧化剂,转移电子的数目相同时则消耗二者的物质的量之比为3:15)该反应的化学平衡常数K=c(H )c(In")((HT)C3(OHK(10-14)2c(In )c(OH)K-[n(OH)3=1.3×10=7.7×10-6

代入数据得PB=20W(1分)25.解:(1)设释放金属棒Q瞬间的加速度为a,对物体M:Mg-T=Ma(1分)对金属棒Q:T-mgin0=ma(1分)整理得a=M- mosin(1分)代入数据得a=2.5m/s2(1分)(2)当金属棒Q速度达到最大时,对物块M:T=Mg(1分)对金属棒Q: nisin30° ILB=T(1分)由法拉第电磁感应定律得E=BLv(1分)由欧姆定律得Ⅰ(1分)整理得v=20M-10(1分)(3)对两棒受力分析可知,在任一时刻对P棒: nisin0F=ma1(1分)对Q棒:F- mosin0-F安=ma2(1分)解得a1=a2(1分)即在任一时刻两棒的速度、加速度、位移总是大小相等方向相反,同时达到匀速直线运动状态,此时的速度最大设金属棒P的最大速度为v1,此过程通过的位移为s,则电路中的总电动势电路中的总电流:l2P(1分)对P棒:msin30°=I,LB,解得=5m/s(1分)由动能定理得F W=2×m02(1分)而Q=一W安,解得s=2.54m(1分)从静止释放到P刚开始匀速运动的过程中,流过P棒的电量:q=1△(1分)其中/、其中2R△④世利兰△=2BLS(1分)解得q=BS1分)代入数据解得

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